2009年上半年软件设计师 下午试题解析

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2009

【试题一】

考察数据流图，每年第1题必考。

这道题就从题中找文字。连锁超市提出供货请求，图中E3只能是连锁超市。另外虽然D4也有可能，但是D是数据存储，不是外部实体，所以E3是连锁超市，而D4不是，事实上，那条线画错了。 接到供货请求，从商品库存记录文件中查询库存信息，所以D2必定是商品库存记录文件无疑了。 如果缺货，向采购部门发出缺货通知，所以E2必定是采购部门。

配送处理接收配送通知后，查询供货请求数据记录文件，更新商品库存记录文件，所以D4是供货请求数据记录文件，进一步证实D2是商品库存记录文件。同时，也说明“供货请求处理”与D4（供货请求数据记录文件）之间连线方向错误。 向配送部门发送配送单，所以E4必定是配送部门。

在配送货品的同时记录配送信息至商品配送记录文件，所以D3必定是商品配送记录文件。 采购部门进行商品采购处理，合格商品入库，并记录采购清单至采购清单记录文件，所以D1必定是采购清单记录文件，而合格商品入库，则需更新D2（商品库存记录文件），但是这里确实读取，所以从“采购处理”到D2之间的箭头方向相反。

同时，采购部门进行商品采购处理，则需要在E2采购部门和采购处理中增加一条线。同时通知财务部门给供货商付款，所以E1是付款通知，但是奇怪图上的付款同时是给E2（采购部门）的，有问题，所以这个线不需要。 【答案】

【问题1】E1 财务部门

E2 采购部门 E3 连锁超市 E4 配送部门

【问题2】

年上半年软件设计师下午试题解析

D1 采购清单记录文件 D2 商品库存记录文件 D3 商品配送记录文件 D4 供货请求记录文件

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错误的数据流 起点 D4 D2 E1

终点

供货请求处理 采购处理 E2

补充的数据流 起点

终点 D4

供货请求处理 E2

采购处理

D2

采购处理

【试题二】 【问题1】

显然，一个商场对应多个部门，一个部门对应多个员工，一个部门对应一个经理，每个经理对应了一个员工。 【问题2】

部门中，必须记录其归属的商场。员工中，必须记录其归属的部门。

经理的情况比较特殊，首先他是员工，所以必须记录其员工编号，其次他对应一个部门，所以记录中必须有一个部门编号，但是每个员工都对应了一个部门，即知道经理的员工编号，就已经知道了经理的部门。 【问题3】

紧急联系人必定作为一个独立实体而存在，并且每个员工都必须对应一个紧急联系人，所以他们之间是1对多关系。 【答案】 【问题1】

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联系1 联系2 联系3 联系4 【问题2】 a：所在商场编号 b：所在部门编号 c：员工编号表名 商场 部门 员工 经理 【问题3】 （1）紧急联系人 （2）1：n

商场与部门 部门与员工 部门与经理 员工与经理

1：n 1：n 1：1 1：1

主键 商场编号 部门编号 员工编码 员工编号

外键 无

所在商场编号 所在部门编号 员工编号

紧急联系人编号，姓名，联系电话， 主键：紧急联系人编号 【试题三】

这是一道UML的面向对象分析题目。 【问题1】

显然，A2是用户，而U3是交互核心，就是那个Session。 那么还剩下插卡和密码错误处理。

我们知道，要进入Session，插卡、读卡是必须的，而密码错误判断不一定需要，而必须的是include关系，不一定要的是extend关系，所以U1是插卡，U2是密码错误判断。所以A1是读卡器。

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其实表中的内容在图3-2中已经出现很多了，一对比，发现只有4个没有出现，分别是读PIN，PIN信息，创建事务和执行事务，那么答案就在这4个中选择。

Customerconsole是人机交互控制台，考虑到循环在8，9处，而可以循环的自然是办交易，也就是多次的创建事务和执行事务，所以8，9分别为创建事务和执行事务。 这样一来，67就简单多了，自然是读密码和密码信息了。 【问题3】

四个用例具有共同的特征，就是读卡、读密码，输入（金额、确定）等，所以他们与Session刚好满足泛化要求。 【答案】 问题1： A1 A2 (1) 问题2： 6 7 8 9

readPIN() PIN

create(atm,this,card,pin) performTransaction()

读卡器 用户 extend

U1 U2 U3

InsertCard Invalid PIN Process Session

问题3：

他们之间是泛化关系，无论存、取、转、查，他们拥有共同的结构和行为。 【试题四】

这表明上是一道关于顶点之间最短路径的相当难的算法题，很多考试可能就是倒在算法上的，其实对于算法，你完全可以一知半解，但是仍然可以作出答案来。 【第2空，第3空|】

首先看题目的方程，再看空：

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这不就是说现在需要dij取值了，麻烦你们给个最小值给他，如果if成立，那么最小值就是dij(k-1)，如果不成立，那么就小值就是dik(k-1)+ dkj(k-1)，大胆写就行了，别管这个算法是为什么。 【第1空】

这里面有i，j，k，其中i和j已经定了，就是k没有，所以第1空必定与k有关，是关于k的循环，那么是不是1 To n呢？当前计算第n个，需要第n-1个的数据。如果n=1，那么就是第0个的数据，而题中也讲了，dij(0)就是Wij，有意义！所以就是1到n。 【第4空】

这下面计算每个顶点的最小和，总之别管dij(n)是怎么计算出来的，但是这里肯定是要把相加到SP[i]中。SP[i]= di1(n)+ di2(n)+…+ din(n) 【第5空】

这么多SP[i]，谁是最小的呢？就记在min_SP中，最小值就记在min_v中，初始时假设第1个最小，于是min_SP=SP[1]，min_v=1。 【第6空】

返回最小顶点，自然就是min_v了。 【第7空】

你看前面I，j，k三个循环，就应该知道时间复杂度是O(n3)了。 【答案】 【问题1】

(k)

1 2 3

k=1 to n dij(k)= dij(k-1) dij(k) =dik(k-1) djk(k-1)

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4 5 6

【问题2】 O(n3) 【试题五】

SP[i] += dij(n) min_v = 1 min_v

算法题，表明上是求非递归中序遍历，其实大部分有链栈的内容。 二叉树中序遍历非递归算法使用一个栈，其基本思想为： 将根结点入栈S。 while(栈不空) {

读取栈顶结点信息。

依次栈顶结点的左子树的根结点入栈。本步为一个循环，直到最左结点入栈时结束。 将栈顶结点出栈，并访问之。

如果栈顶结点具有右子树，则将右子树的根结点入栈，下一次循环将中序遍历此右子树。 }

其实就是一个劲儿的找当前结点的左子树，直到最左为止，路上的左子树全部入栈。然后访问最左左子树的那个结点，再按照这个方法遍历这个结点的右孩子。 【第1空】

其实可以猜测出来，这里对二叉树的遍历，都将依靠ptr来完成，所以是ptr不能为NULL。如果ptr和栈都是空了，就说明遍历完成了。 【第2空】

这里演示链栈的插入，新结点的下一个结点为栈顶结点，所以q->link = stacktop。 【第3空】

访问最左结点，自然ptr等于左孩子，即ptr->lchild。就算你不懂算法也没有关系，题目中都提示了“进入左子树”。

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这里是链栈的出栈，栈顶指针移动下一个结点，即stacktop->link。 【第5空】

到结点的右子树，其实题目中提示了“进入右子树”，你就大胆的写就行了！软件设计师下午考试不会太难的！所以万事朝简单的想就行了。 【答案】

1 2 3 4 5

【试题六】

ptr != NULL q->link = stacktop ptr = ptr->lchild

stacktop = stacktop->link q->rchild

这是一道C++设计题，只有真正用过C++的继承和多态功能的考生才能正确答出。如果你的C++仅仅停留在封装层面，这样是不行的。 【第1空】

这里是设置成员变量的取值，由于两个变量名称一样，所以必须区分，this->就特指成员变量了。 【第2空】

联系第1空，就直到这里应按是真实画图的那个类指针，也就是ImageImp，其实可以从第1空抄下来。 【第3空】

这里考察封装，就是如何调用类里面的函数，显然对象是imp,函数名称是doPaint，参数是m。 【第4空，第5空】

这里开始主函数了，代码自然是要创建一个真实画图类的对象，再创建一个解析图形文件类的对象，所以要new两个，联系到BMP和Windows，自然是BMP和WinImp，显然Image对应BMP，ImageImp对应WinImp，别写反了。

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调用类的Setimp函数，前面的铺垫就是为了这里的，以便Bmp把WinImp联系起来，就是image1调用Setimp把imageImp1联系起来。 【第7空】

10个格式就是10个Image子类，再加上Image类本身就是11个。

5中操作系统就是5个ImageImp子类，在加上ImageImp类本身就是6个类。 11＋6就是17个类。 【答案】1

1 2 3 4 5 6 7

this->imp class ImageImp imp->doPaint(m) new BMP new WinImp

image1->setImp(imageImp1) 17